RETO ¿Que intensidad debes medir en AC con lamparas fluorescentes y LEDs? (Clase 26.3)
HTML-код
- Опубликовано: 4 сен 2024
- CURSO GRATIS COMPLETO DE ELECTRONICA ANALOGICA • Todo el Curso GRATIS d...
En este RETO electronico-electronico podrás medir tu nivel de conocimiento de electricidad y saber que fmedida de intensidad tienes que leer en el amperimetro. Además deberás saber elegir la capacidad del condensador que debe tener para minimizar la intensidad medida por el amperimetro y cual seria este valor. Como siempre en el proximo video tiene la solución.
Todo el curso de Electronica Analogica agrupado en bloques y ordenados los videos:
Bloque 1: CONCEPTOS BASICOS • Bloque 1: TEORIA DE CI...
Bloque 2: CONDENSADOR Y BOBINA en AC/DC • Bloque 2: CONDENSADOR ...
Bloque 3: DIODOS • Bloque 3: DIODOS
Bloque 4: TRANSISTORES • Bloque 4: TRANSISTORES
Bloque 5: AMPLIFICADORES DE POTENCIA • Como evitar quemar los...
Bloque 6: AMPLIFICADORES OPERACIONALES • Bloque 6: AMPLIFICADOR...
Bloque 7: FUENTES DE TENSION LINEALES • Bloque 7: FUENTES DE T...
Bloque 8: FUENTES TENSION CONMUTADAS SMPS • Bloque 8: FUENTES CONM...
Bloque 9: INVERSORES
• Bloque 9: INVERSORES
Canal ACadenas: / acadenas
Hola , Profesor , muy interesantes sus preguntas exelente , saludo desde . Argentina
inge cadena podria hacer un video explicando como funciona un circuito de balastro electronico para lampara fluorecente, ? he visto alguno q otro en internet pero no explican como funciona dentro de un balastro la oscilacion, ni como funciona el circuito electronico del mismo,
Excelente genial buenísimo saludos 👌
Ya queda menos para el sabado
Mi propuesta es:
Corriente carga resistiva I=P/v=300W/230V=1,3A Desfase 0º
Corriente carga R-L I=P/V/cos(Fi)=300W/230V/0,45=2,8 Desfase Arco Cos(Fi)=63,26º
Corriente total suma vectorial de las anteriores = 3,67 A
R: Opción 3
Mínima corriente cuando cos(Fi)=0 I= 2*300W/230V = 2,6A
R: Cuando el consumo es de toda potencia activa
Potencia reactiva Q= P*tg(Fi)=Xc/V² Xc= V^2/(P*tg(Fi)) =1/(2Pi*f*C)
C=(P*tg(Fi))/(2*Pi*f*V`2)= aprox 35 micro faradios
R: Opción 2
Buenos días Profesor Aurelio, primero quiero agradecerle su dedicación y profesionalidad, está ud. ayudando a alumnos de medio mundo con sus explicaciones.
Ahora si,.... mi duda es , La potencia que nos dicen de la lámpara fluorescente de 300 W, la toma ud. como de potencia activa, ¿no sería en realidad potencia aparente?. Muchas Gracias.
No Simon, recuerda la potencia Aparante (S) se mide en voltioamperios (VA) mientras que la potencia activa (P) se mide en watios (W).
gracias por tu dedicación y aportes: Tenemos dos cargas:
Carga 1
Resistiva e inductiva
Carga 2
Resistiva
Al medir con el amperímetro, medimos el aporte de las dos cargas.
A= I1 + l2
S= P+jQ= VI1cos@+VI1sen@;
I1=(300w)/((0;45)x(230v))=2,90A
I2= 1,3A el amperímetro mediria I1+I2= 2,90+1,3= 4,20
La potencia aparente de la caga1 es S= VXI1= 230x2,90 = 667 VA , calculamos su potencia reactiva Q^2=S^2-P^2= 595,36var está carga es inductiva con un ángulo tang@= CO/CA=Q/P; @=arctng(595,36/300)=; @=63,26° al colocar un condensador queremos mejorar el factor de potencia y lógicamente para eliminar esa corriente indeseable debemos calcular un condensador de la misma potencia pero de sentido contrario, así la carga total nos queda Resistiva pura de un valor de 600 watt y consumiría una corriente de I= 600w/230= 2,61A, para calcular el condensador, debemos calcular la corriente que proporcione una potencia reactiva de 595,36=230xI entonces I = 3,20amp; Q= XcxI^2 despejamos Xc=-j58,14ohm; al despejar C de la ecuación Xc= 1/2pixfxC y sustituir me da un condensador de 55microfaradios sería la respuesta c.
gracias por participar, recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas
No tengo ni idea.. Pero espero a ver y aprender.. Gracias
Olá Prof. boa
Lo espero con ansias
Corriente total antes de conectar C es: 4,2 A.
Carga 1: aporta 2,89A (Corriente atrasa) con cos 0,45 , pot reactiva: 592 VAR
Carga 2 aporta 1,3 A (carga resistiva) .
El capacitor adecuado para cancelar la Pot. reactiva de la carga 1, es el de 35 microf. que aporta 568 VAR
(corriente adelanta). Quedando un remanente de 24 VAR. este valor corresponde cos 0,99.
La corriente final con C=35 microf. es de 1,31 Ampers.
Debes ver mi solución tienes algun error.
Hola de nuevo. Otra manera sencilla de resolver sin operar con numeros complejo sería graficamente, en primer lugar sumando el vector de Irl (2,9/63,25º) con el vector Ir(1,3/0º) resultando la I con K abierto I(3,6/45º) al cerrar K se debe sumar este con Ic(2,53/-90º) para 35uF, resultando una I(2,59/0º). Saludos
Hola. Hoy me mojo muy pronto, diría que el condensador es el de 35uF haciendo que el amperímetro marque 2,59A /0º. Con este condendador (-91j)se compensa practicamente la reactancia del fluorescente (35,7+70,85j osea L=0,225 H). Sin condensadores el amperimetro marcaria 3,65A/45º.
estoy con vos carlos, lo mismo me dio a mi
Las intensidades son rms.
Opción 2
Tienes que tener en cuenta el factor de potencia es distinto para cada carga ,no es la misma corriente para las dos cargas , saludos !!
Con K abierto y analizando el triangulo de potencias ,queda Ptotal= 600 W , Qtotal=596 VAR y una Stotal= 846 VA . Como S=V*i luego la corriente I = 3.7 A aproximadamente. Para cuando K esta cerrado, la menor corriente se dará cuando el factor de potencia total sea = 1, esto es cuando la potencia reactiva del capacitor QC sea igual a la potencia reactiva total Qt= 596Var , luego sabiendo que V^2/XC = Qc y que XC= 1/WC y W = 2*PI*f se halla C=35.8 uf . Lo que si es que la tensión debe ser mayor a 230*1.41v=325 v . En cuanto a la corriente , somo S=P , luego S=V*I = 600 watts p, luego I = 2.6A
Hola, como tengo dudas con mis resultados, consideras que los 600 w es potencia activa y a mi en cambio me resulta 434.7 w. Estoy equivocado? Me interesaría saber tu opinión. Muchas gracias.
@@Miguel4770x la potencia activa es 600 w y no se modifica . Lo que si cambia es la potencia reactiva y. Como consecuencia la potencia aparente. Queda un triangulo de potencias , donde la aparente es mayor que 600 ya que sera la rsiz de la suma de los cuadrados de P y Q
Lastima que no se puede adjuntar nsda por aca
@@profecircelligustavoe.e.tn1bal Muchas gracias por tu respuesta. Me he hecho la picha un lío pero ya lo tengo claro. Muchísimas gracias
Buenas tardes, estos son mis resultados:
1) 3.7 A 63.26°
2) 35 microfaradios 400 voltios
3) 2.6 A 0°
Saludos
Ok!
Suponiendo que la potencia de los fluorescentes sea potencia activa la corriente con el interruptor abierto sería I1 = 300/(230 × 0.45) = 2.89 amperios.
La I2 sería 300/230 = 1.30 amp.
La I total 4.20 amp.
Necesitamos un condensador que nos corrija el factor de potencia en la potencia reactiva de 300/0.45 = 668 va
El condensador que aporta esta energía reactiva es de V/Z
Siendo Z = 1 / C.2.50.pi
Operando me sale un condensador de 40 micros
Por lo tanto el condendador mejor seris el fé 35 micros pues con el de 55 estaríamos aportando demasiada potencia reactiva y aumentando la intensidad
Saludos desde Asturias
HAS visto mi solucion? recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas
@@acadenas
Si fue un lapsus.
Donde quedarán las sumas vectoriales.
Son muy interesantes estos retos pues te obliga s repasar el tema que corresponde al problema.
Te felicito Aurelio pues he hecho 2 carreras técnicas y he visto y oído s montones de profesores pero la capacidad enseñante tuya no tiene desperdicio. No es coba que ya no tengo que examinarme
Profe la medicion en el Amperimetro con el interruptur abierto es 4.2A, y cuando se cierra el capacitor debe ser de 25 mF y la corriente minima debe ser 3.9 Amp, espero este bien, saludos y espero la respuesta,al reto
Muchas gracias por participar y no te pierdas el vídeo de la solución, un saludo
Corregido el FP, el amperímetro leería :
IT = 2,6 A
recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas
El asunto es más difícil de lo que parece. Por ejemplo, una lámpara fluorescente no es una carga lineal e invariante en el tiempo, o sea introduce armónicos al sistema de potencia. Por lo tanto, es incorrecto decir que "coseno de fi" es el factor de potencia, porque no lo es, pero los usaste como sinónimo en 0:35. En ese caso, suponiendo que el sistema de potencia ya alcanzó estado estable, de manera que todas las señales son periódicas, entonces el factor de potencia se define como el cociente de la potencia activa de la carga a la potencia aparente de dicha carga.
Pese a eso, parece que el video sugiere suponer que la lámpara fluorescente es una carga lineal e invariante en el tiempo del tipo RL (es decir, sugiere que es una carga de resistencia constante e inductancia constante).
Asi es, la lampara fluorescente tendrá un perido transistorio pero me estoy refrierndo al regimen permanente calro esta. Un saludo y puede manifestar que valores considera como solución
Muchas gracias!!
A ti un saludo, recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas
buen dia maestro 4.2 amperios con interruptor abierto,2.5 amperios con interruptor cerrado y 35 microfaradios el condensador para que el factor de ,potencia se 1,saludos desde colombia !!
Has visto la solucion? te dejo el enlace de mi cnal donde lo prodras ver: ruclips.net/user/acadenas
@@acadenas claro que sí maestro , ya ví la solución( no me acordaba que las corrientes no estaban en fase por lo tanto no podía sumarlas de esa forma ) , sigo pendiente de sus próximos videos 👍 muchas gracias por compartirnos todo su conocimiento !!,saludos 🇨🇴👍
primera opción Iamp = 4.2A, sale sumando I1= 300W/230x0,45 mas I2=300W/230V , segunda opción elijo el capa de 25uf ya que la de menor capacidad aumenta la reactancia del capacitor, por ende circularia menos corriente.
No te pierdas este sabado la explicación. Gracias por participar
En el primer supuesto la corriente es de 4.2A ( carga 1ª I= 300/230*0,45 I=300/103,5= 2,9A) (Carga 2ª I=300/230 I= 1.3A It= 2,9+1,3=4.2A) 2º supuesto C= 55 microfaradios, It= 2,6A
No te pierdas este sabado la explicación. Gracias por participar
Saludos.
Abierto 4.2
Cerrado 2.6
35 uf
Has visto la solucion? recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas
Segundo ejercicio :
Debí decir, opción 2a.
35 uF
Mi respuesta es :
Opción 1ª lectura amperimétrica 4.2A sin condensador
Opción 2ª lectura amperimétrica 2.6A con condensador
El valor del condensador es :
Opción 2ª 35microfaradios 270v
Buenisimo !!!
Grcias Jose, recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas
Hay clases que no tienen numeración?
no estoy seguro pero creo que el amperimetro mide corriente aparente asi que mediria 2,6A y para que la corriente sea minima el condesandor debe ser de 15uF aprox
No te pierdas este sabado la explicación. Gracias por participar
porque 15uF?
@@juanignacioalvarez3390 para anular la corriente reactiva
@@juandanielarredondofiguero9933 digo que porqué ese valor y no los otros
Corrijo: la corriente total es: 2,62 A....
hola profe un saludo desde colombia
tengo una pregunta donde puedo escribirle para que me haga el favor de explicar un taller que tengo que realizar gracias
Puedes dirigirte al correo del canal que es canalacadenas@gmail.com
Primer ejercicio:
Opción 1ra: 4, 2 A
Segundo ejercicio:
Opción 1ra: 35 uF, para elevar el FP a 1
Has visto la solución? recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas
Con circuito abierto no sería 0
Has visto la solucion, recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas
Perdón leí mal
Me parece que no existen Led de 230 volt.... Esas lámparas Led están alimentadas a través de un transformador que si tiene factor de potencia. Además como todos los elementos de corriente continua ( Led) sólo ocupan la parte superior de la sinusoide deformando la onda....
Siento correfirte, estas lamparas con LEDs estan compuestas de unba fuente conmutada que prtoporciona una tenbsion DC del valor adecaudo para los LEDs conectados en serie y paraLELO. Ademas, el factor de potencia en la lamparas de buena calidad se acerca mucho a la unidad, ya que disponen de un cirucuito corrector del fdp. Un saludo y recuerda MI CANAL: ruclips.net/user/acadenas